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  Zeigen, dass Formel für Berechnung der Bitlänge gilt |
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Chrispyk
Junior 
Dabei seit: 01.09.2020
Mitteilungen: 8
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Guten Tag, ich könnte etwas Hilfe zu folgender Aufgabe gebrauchen:
Die Bitlänge \(l_2(a)\) einer Zahl \(a \in \mathbb{N_0}\) ist die Anzahl der Bits, die zur Darstellung der Zahl benötigt wird, d. h. die Anzahl der Stellen in der Binärdarstellung von \(a.\)
Zeigen Sie:
(i) Für alle \(a \in \mathbb{N}\) gilt \( l_2(a) = \lfloor log_2 (a)\rfloor + 1\)
(ii)Für alle \(a \in \mathbb{N_0}\) gilt \( l_2(a) = \lceil log_2 (a+1)\rceil \)
Mein Ansatz:
(i)
\( l_2(a) = \lfloor log_2 (2^n)\rfloor + 1\)
\( l_2(a) = \lfloor n\rfloor + 1\)
Wie stelle ich jetzt einen zusammenhang zwischen \(l_2(a)\) und \(n\) her?
Und wie löst man Floor/Ceiling auf?
Bei der zweiten Aufgabe weiß ich leider noch weniger weiter.
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StrgAltEntf
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 |      Beitrag No.1, eingetragen 2020-09-01
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Hallo Chrispyk,
das mit dem n ist doch schon mal ne ganz gute Idee.
Setze einfach \(n:=l_2(a)\). Dann ist \(2^{n-1}\leq a<2^n\). Klar wieso? Bekommst du den Rest nun selbst hin?
Bei (ii) gilt \(2^{n-1}<a+1\leq2^n\). Allerdings sehe ich nicht, wieso die Formel für a = 0 gelten soll. 0 hat doch 1 Binärziffer.
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Chrispyk
Junior
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Mitteilungen: 8
| Beitrag No.2, vom Themenstarter, eingetragen 2020-09-02
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\(n = \lfloor log_2(a) \rfloor + 1\)
mit \(2^{n-1} \le a \lt 2^n\) da \(2^n\) Bits nur die Zahlen von \(0\) bis \(2^{n-1}\) darstellen können.
Das bedeutet, dass die Floorfunktion alles auf genau \(2^{n-1}\) abrundet.
\(n = log_2(2^{n-1}) + 1\)
\(n = n-1 + 1\)
\(n = n\)
Vielen Dank dafür StrgAltEntf.
Zu Aufgabe (ii): Ich hab mal geguckt ob ich die Aufgabe falsch abgetippt habe, ist aber nicht der Fall. Ist mir auch ein Rätsel, ich frag mal meinen Prof.
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StrgAltEntf
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Herkunft: Milchstraße
| Beitrag No.3, eingetragen 2020-09-02
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An einer Stelle hast du n mit \(2^n\) verwechselt. Außerdem finde ich noch ein wenig schwammig formuliert, was du schreibst.
Verwende folgende Definition der Floor-Funktion:
Für \(x\in\IR\) ist \(\lfloor x\rfloor\) die (eindeutig bestimmte) ganze Zahl k, für die \(k\leq x<k+1\).
Beweise damit die Aussage (i)
Analog:
Für \(x\in\IR\) ist \(\lceil x\rceil\) die (eindeutig bestimmte) ganze Zahl k, für die \(k-1<x\leq k\).
Beweise damit die Aussage (ii) für a > 0.
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Chrispyk
Junior
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Mitteilungen: 8
| Beitrag No.4, vom Themenstarter, eingetragen 2020-09-02
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\(l_2(a) = n = \lfloor log_2(a) \rfloor + 1\)
Da das \(n\)te Bit denn darstellbaren Zahlenbereich um \(2^{n-1}\) bis \(2^n-1\) erweitert und die Anzahl der Bits repräsentiert, die zur Darstellung von \(a\) benötitgt werden, gilt:
\(2^{n-1} \le a \lt 2^n\).
daraus folgt:
\( log_2(2^{n-1}) \le log_2(a) \lt log_2(2^n) \)
Für \( x\in\IR \) ist \( \lfloor x\rfloor \) die (eindeutig bestimmte) ganze Zahl \(k\), für die \(k\leq x<k+1\) sodass:
\( \lfloor log_2(a)\rfloor = log_2(2^{n-1})\)
\(n = log_2(2^{n-1}) + 1\)
\(n = n-1 + 1\)
\(n = n\)
Die zweite Aufgabe sieht vom Prinzip her gleich aus.
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StrgAltEntf
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| Beitrag No.5, eingetragen 2020-09-03
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Vermutlich sind deine Gedankengänge richtig. Aber die Form der Darstellung gefällt mir noch nicht.
2020-09-02 17:39 - Chrispyk in Beitrag No. 4 schreibt:
\(2^{n-1} \le a \lt 2^n\).
daraus folgt:
\( log_2(2^{n-1}) \le log_2(a) \lt log_2(2^n) \)
Für \( x\in\IR \) ist \( \lfloor x\rfloor \) die (eindeutig bestimmte) ganze Zahl \(k\), für die \(k\leq x<k+1\) sodass:
\( \lfloor log_2(a)\rfloor = log_2(2^{n-1})\)
\(n = log_2(2^{n-1}) + 1\)
\(n = n-1 + 1\)
\(n = n\)
Ich würde es eher so aufschreiben:
Aus
\(2^{n-1} \le a \lt 2^n\)
folgt
\(\log_2(2^{n-1})\le\log_2(a)\lt\log_2(2^n)\),
also
\(n-1 \le\log_2(a) \lt n\).
Für \( x\in\IR \) ist \(\lfloor x\rfloor\) die (eindeutig bestimmte) ganze Zahl \(k\), für die \(k\leq x<k+1\)
Mit k = n - 1 ist also
\(\lfloor\log_2(a)\rfloor=n-1\)
bzw.
\(n=\lfloor\log_2(a)\rfloor+1\)
Grüße
StrgAltEntf
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Chrispyk
Junior
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Mitteilungen: 8
| Beitrag No.6, vom Themenstarter, eingetragen 2020-09-04
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Ja, die Darstellung fällt mir öfter schwer.
Vielen Danke für deine Hilfe.
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