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Funktionentheorie » Holomorphie » Riemannscher Abbildungssatz
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Universität/Hochschule J Riemannscher Abbildungssatz
erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Themenstart: 2019-06-16


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Ex_Senior
Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.1, eingetragen 2019-06-16


Hallo,

für zwei biholomorphe Abb. $f,g:\Omega\to\mathbb{D}$ ist $f\circ g^{-1}:\mathbb{D}\to\mathbb{D}$ ein Automorphismus der Einheitskreisscheibe. Diese kennen wir alle. Daher kannst Du nun für eine gegebene biholomorphe Abbildung $g$ mit einem passendem $\mu\in Aut(\mathbb{D})$ ein $f$ mit den passenden Eigenschaften basteln.

Statt $f'(z_0)>0$ sollte dort besser $f'(z_0)\in\IR_{+}$ stehen, da $f'(z_0)$ allgemein in $\IC$ liegt.



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erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.2, vom Themenstarter, eingetragen 2019-06-17


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Ex_Senior
Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.3, eingetragen 2019-06-17


Diese Möbiustransformation g ist eindeutig,

Das ist zu zeigen. Du hast zwei Variablen $\varphi, a$, die noch zu bestimmen sind (Hier gilt $|a|<1$). Die Bedingung $f(z_0 ) = g(h(z_0 )) = 0$ liefert eine Gleichung mit der Du $a$ bestimmen kannst. $f'(z_0)\in\IR_{>0}$ kannst Du dann für $\varphi$ verwenden.



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erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.4, vom Themenstarter, eingetragen 2019-06-17


Hallo Tom,

danke für deine Antwort. Ich werde sobald ich aus der Uni zurück bin versuchen mit deinem Hinweis weiterzumachen. Allerdings frage ich mich gerade wieso du |a|<1 annimmst? Ich bin davon ausgegangen, dass a ein beliebiges Element aus Omega ist und nur auf den Einheitskreis abgebildet wird. Meinst du hier |f(a)|<1?

Gruß
Erik



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Ex_Senior
Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.5, eingetragen 2019-06-17


$g(z)=e^{i\varphi}\frac{z-a}{a-\overline{a}z}$ ist ein biholomorphe Abbildung $g:\mathbb{D}\to\mathbb{D}$, hat also zunächst nichts mit $\Omega$ zu tun. $|a|<1$ folgt direkt aus $g(0)\in\mathbb{D}$.



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erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.6, vom Themenstarter, eingetragen 2019-06-17


confused  Das verstehe ich leider nicht.

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Oder? Wieso kann ich daraus folgern |a|<1?

Übersehe ich gerade etwas?  confused



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Ex_Senior
Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.7, eingetragen 2019-06-17


Sorry kleiner Schreibfehler: $g(z)=e^{i\varphi}\frac{z-a}{\boldsymbol{1}-\overline{a}z}$ und dann $g(0)=-e^{i\varphi}a$



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erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.8, vom Themenstarter, eingetragen 2019-06-17


Ah okay. Da mache ich mal weiter. Vielen Dank!



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erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.9, vom Themenstarter, eingetragen 2019-06-19


Ich glaub ich habs jetzt. Vielen Dank für deine Hilfe Tom. Ich werde morgen mal meine Lösung posten, vielleicht hilft sie ja nochmal jemandem  smile



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erik92
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Zum letzten BeitragZum nächsten BeitragZum vorigen BeitragZum erstem Beitrag  Beitrag No.10, vom Themenstarter, eingetragen 2019-06-21


Hallo, in der Übung heute hat mir eine Kommilitone erzählt, er habe diese Aufgabe in einem Skript der Uni Konstanz gefunden. Nach der Übung hat er mir netter Weise den Link zukommen lassen.

www.math.uni-konstanz.de/~racke/skripten/mb16ss08.pdf

Dort ist meine Aufgabe Satz 16.14.4. und der Beweis ist deutlich schöner und übersichtlicher als meine Lösung. Vielleicht hilft es ja nochmal jemandem  smile



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erik92 hat die Antworten auf ihre/seine Frage gesehen.
erik92 hat selbst das Ok-Häkchen gesetzt.
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